物理试题参考答案及评分标准
一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分。在1～8小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，在9～12小题给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)
1.【答案】B
【解析】伽利略在研究自由落体运动时采用了实验和逻辑推理相结合的方法;探究加速度与物体质量、所受合力的关系时采用了控制变量法;探究求合力方法的实验中采用了等效替代的方法;
法拉第利用电场线描绘电场是采用了构建理想化模型的方法。故选项B正确。
2.【答案】B
【解析】两车从同一地点同时同向出发，在t1时刻前的各个时刻，乙车的速度大于甲车的速度，故乙车始终在甲车的前面，选项B正确，选项A、D错误;在两车开始运动后的一段时间内，乙车比甲车速度增加得快，然后乙车的速度增加得比甲车的慢，选项C错误。
3.【答案】A
【解析】如图所示，根据几何关系可以看出，当粒子从d点射出时，轨道半径增大为原来的二倍，由半径R=可知，速度也增大为原来的二倍，选项A正确，选项B、C错误;由粒子的周期T=，可见粒子的周期与速度无关，在磁场中的运动时间取决于其轨迹圆弧所对应的圆心角，所以从e、d射出时所用时间相等，从f点射出时所用时间最短,选项D错误。
4.【答案】D
【解析】设球正对风的截面积为S，由题意可知，风力大小为F=kSv，由平衡条件得mgtanθ= kSv，已知风速v0=3m/s时，θ=30°，可求出θ=60°时，风速v=9m/s，故选项A错误;因为绳子拉力在竖直方向上的分力与重力平衡，所以风速增大，θ不可能变为90°，故选项B错误;根据F=mgtanθ，质量不变，半径变大，风力变大，θ变大，故选项C错误;若风速、半径不变，则风力不变，质量较大时，θ减小，故选项D正确。
5.【答案】D
【解析】将物体的上升过程分成位移相等的两段，设下面一段位移所用时间为t1，上面一段位移所用时间为t2，根据逆向思维可得：t2∶t1=1∶(-1)，物体撞击挡板后以原速率弹回(撞击所需时间不计)，物体上升和下降的总时间t′=2t1且t1+t2=t，由以上各式可得：t′=2(-1)t/≈0.6t，故选项D正确。
6.【答案】B
【解析】a、b两颗星体是围绕同一点绕行的双星系统，故周期T相同，选项A错误。由，得，。所以,选项C错误;a星体的线速度,选项B正确;由，得，选项D错误。
7.【答案】A
【解析】由φ—x图线的斜率表示电场强度的大小可知x=a处电场强度为零，由动能定理，点电荷从x=2a到x=a处，电势差最大，所以电场力做正功最多，在x=a处速度最大，选项A正确;因在x=a电场强度为零，即，所以QA：QB=4:1，选项B错误;由图知x=-a处与x=2a处电势相等且点电荷由静止释放，由动能定理可知点电荷刚好能到达x=-a处，选项C错误;点电荷在x=-a与x=2a之间做往复运动，但x=a处不是运动中心，故选项D错误。
8.【答案】B
【解析】根据图乙可知，原线圈输入的交变电压的最大值U1m=180 V，有效值U1=180 V，周期T1=0.02 s，频率f1=1/T1=50 Hz，又因为 n1∶n2=5∶1，所以副线圈的输出电压的最大值为U2m=36 V，有效值U2=36 V，周期T2=T1=0.02 s，频率f2=f1=50 Hz，故选项C错误;若副线圈两端接阻值为12 Ω的电阻，则I2=U2/R=3 A，I1=n2I2/n1=0.6 A>0.5 A，即流过保险丝的电流超过了其熔断电流，选项A错误;若并联两盏“36 V,40 W”的灯泡，流过保险丝的电流I1=n2I2/n1=0.2I2=0.2×2×=A<0.5 A，故选项B正确;电容器的耐压值指的是允许加载电容器两端的最大电压值，副线圈的输出电压的最大值为U2m=36 V>36 V，即超过了电容器的耐压值，故选项D错误.
9.【答案】AD
【解析】由等离子体所受的电场力和洛仑兹力平衡得：，则得发电机的电动势为E=U=Bdv=1200V，选项A正确;发电机的电动势与高速等离子体的电荷量无关，选项B错误;发电机的内阻为=4Ω;发动机的效率为η=，可知外电阻R越大，效率越高，故选项C错误;当电源的内外电阻相等时输出功率最大，此时外电阻为R=r=4Ω，故选项D正确。
10.【答案】CD
【解析】保持开关闭合，电容器两端的电势差等于电源的电动势，故电容器两端的电势差不变，则指针张角不变，故选项A、B错误;断开开关S后，电容器带电量Q不变，将A、B两极板的正对面积S减小，或A、B间距增大，电容C减小，根据可知，电势差U增大，指针张角增大，故选项C、D正确。
11.【答案】BD
【解析】小球由A到B的过程中，重力做负功，电场力做正功，小球电势能减少，选项A错误;因小球做匀速运动，由平衡条件知qEcosθ=mgsinθ，所以电场强度E=，选项B正确;电场强度变为2倍后，则有q·2Ecos θ-mgsinθ=ma，所以a=6 m/s2，选项C错误;电场强度减为一半后，则有:
mgsinθ-qcosθ=ma1，a1=3 m/s2，由v-v2=2a1L代入数值得v=1 m/s，选项D正确。
12.【答案】BC
【解析】因为圆环从静止开始运动，到B点速度最大，加速度为零，然后减速到C点速度为零，所以圆环加速度先减小后增大，选项A错误;下滑过程中，重力势能转化为弹性势能和内能，即，上滑过程中，弹簧的弹性势能和动能转化为重力势能和内能，即有，联立解得，所以选项B、C正确;根据能量转化与守恒定律，圆环由A到B：;
圆环由B到A：
所以上下两次经过B点的速度大小不相等，选项D错误。
