一、选择题(本题包括16个小题，每小题3分，共48分，每小题只有一个选项符合题意)
1.(2014·东北三省三校联考(二))下列说法不正确的是( )
A.蛋白质、淀粉、纤维素、葡萄糖、油脂等都能在人体内水解
B.石油裂化和煤的干馏是化学变化，石油的分馏是物理变化
C.将苯和溴水混合振荡、静置分层，水层颜色变浅与加成反应无关
D.除去乙醇中混有的少量乙酸，可以在加入足量生石灰后蒸馏
解析：A项，葡萄糖不能水解，且人体内也没有纤维素水解所需的酶，故纤维素也不能在人体内发生水解;C项，苯萃取溴，没有发生加成反应;D项，生石灰与乙酸反应，蒸馏得到乙醇。
答案：A
点拨：本题考查有机物的基本性质。难度较小。
2.(2014·济南市3月模拟)下列各项中，两种物质间反应均产生1 mol气体时，参加反应的酸的物质的量最少的是( )
A.碳与浓硝酸 B.铜与浓硫酸
C.锌与稀硫酸 D.二氧化锰与浓盐酸
解析：A项，根据化学方程式，碳与浓硝酸反应生成1 mol CO2和NO2混合气体，需要0.8 mol浓硝酸;B项，铜与浓硫酸反应生成1 mol SO2气体，需要2 mol浓硫酸;C项，锌与稀硫酸反应生成1 mol H2气体，需要1 mol稀硫酸;D项，二氧化锰与浓盐酸反应生成1 mol Cl2气体，需要4 mol浓盐酸。
答案：A
点拨：本题考查元素化合物。难度中等。
3.(2014·山东省青岛市统测)某有机化合物的结构简式为，有关该化合物的叙述不正确的是( )
A.该有机物的分子式为C11H12O2
B.1 mol该物质最多能与4 mol H2发生加成反应
C.该有机物能与热的新制氢氧化铜悬浊液反应，生成砖红色沉淀
D.该有机物一定条件下，可以发生取代、氧化、酯化反应
解析：A项，由该有机物的结构可知，该有机物的分子式为C11H12O2;B项，1 mol苯环消耗3 mol H2,1 mol碳碳双键消耗1 mol H2;C项，没有醛基，该有机物不能与热的新制氢氧化铜悬浊液反应产生砖红色沉淀;D项，含有碳碳双键、羧基，故该有机物一定条件下，可以发生取代、氧化、酯化反应。
答案：C
点拨：本题考有机物的结构与性质。难度中等。
4.(2014·湖北省七市(州)联考)分子式为C6H14O且含有“—CH2OH”的同分异构体有(不考虑立体异构)( )
A.7种 B.8种
C.9种 D.10种
解析：由题意知该醇的结构简式一定满足：C5H11—CH2OH，因—C5H11具有8种不同的结构简式，故利用“基团法”确定醇C5H11—CH2OH的同分异构体有8种。
答案：B
点拨：本题考查有机物同分异构体种类的判断。难度中等。烷基同分异构体的书写方法：首先书写相应烷烃的同分异构体，然后针对烷烃的每种同分异构体分析等效氢种数，从而可确定烷基同分异构体的种数。如书写—C4H9的同分异构体：可首先写出C4H10的同分异构体(正丁烷和异丁烷两种)，然后分析正丁烷和异丁烷存在的等效氢，每种物质的等效氢均为2种，因此可知—C4H9的同分异构体有4种。
5.(2014·福州市质检)如图是一种综合处理SO2废气的工艺流程。下列说法正确的是( )
A.向B溶液中滴加KSCN溶液，溶液变为血红色
B.溶液B转化为溶液C发生的变化的离子方程式为4H++4Fe2++O2===4Fe3++2H2O
C.溶液酸性：A>B>C
D.加氧化亚铁可以使溶液C转化为溶液A
解析：A项，A溶液中通入SO2的尾气，发生反应：2Fe3++SO2+2H2O===2Fe2++SO+4H+，因此B溶液中滴加KSCN溶液，溶液不变血红色;B项，溶液B中通入空气，Fe2+被氧化为Fe3+：4Fe2++O2+4H+===4Fe3++2H2O;C项，根据A中通入SO2的反应，溶液酸性：B>A;D项，C为Fe2(SO4)3溶液，加入FeO，溶液C不能转化为A。
答案：B
点拨：本题考查SO2废气处理的工艺流程。难度较大。
6.(2014·福建省质检)某硫酸厂废气中SO2的回收利用方案如图所示。下列说法不正确的是( )
A.X可能含有2种盐
B.a是SO3
C.Y可能含有(NH4)2SO4
D.(NH4)2S2O8中S的化合价不可能为+7
解析：A项，X可以是(NH4)2SO3和NH4HSO3的混合物;B项，a为SO2;C项，硫酸过量，则Y为(NH4)2SO4和H2SO4;D项，S的最高化合价为+6价，不可能为+7价。
答案：B
点拨：本题考查SO2的回收利用方案的分析。难度中等。
7.(2014·长沙市模拟(三))BHT(Butylated Hydroxy Toluene)是一种常用的食品抗氧化剂，合成方法有如下两种：
下列说法正确的是( )
A.与BHT互为同系物
B.属于芳香烃
C.BHT能与NaHCO3溶液反应生成CO2
D.两种方法的反应类型都是加成反应
解析：A项，与BHT均属于酚，在组成上相差8个CH2原子团，互为同系物;B项，属于酚，不属于芳香烃;C项，BHT中酚羟基不能与NaHCO3溶液反应;D项，方法一为加成反应，但方法二是取代反应。
答案：A
点拨：本题考查有机物结构和性质的分析。难度中等。
8.(2014·长沙市模拟(三))甲、乙、丙、丁是原子序数依次增大的四种短周期元素，A、B、C、D、E是由其中的两种或三种元素组成的化合物，F是由丙元素形成的单质。已知：A+B―→D+F，A+C―→E+F;0.1 mol·L-1 D溶液的pH为13(25 ℃)。下列说法正确的是( )
A.原子半径：丁>丙>乙>甲
B.1 mol A与足量B完全反应共转移了2 mol电子
C.丙元素在周期表中的位置为第二周期ⅣA族
D.A中既有离子键又有共价键
解析：根据提供信息，可以推断甲、乙、丙、丁分别为H、C、O、Na，A、B、C、D、E、F分别为Na2O2、H2O、CO2、NaOH、Na2CO3、O2。A项，原子半径：Na>C>O>H;B项，2Na2O2+2H2O===4NaOH+O2↑中转移电子数为2e-，1 mol Na2O2完全反应，转移1 mol电子;C项，O位于第二周期ⅥA族;D项，Na2O2中Na+与O之间为离子键，O中O与O之间为共价键。
答案：D
点拨：本题考查元素推断、元素周期律。难度中等。
9.(2014·西安市第二次质检)设由Na2CO3·10H2O和NaHCO3按一定比例组成的混合物为R。现取m g R溶于水，配制成200 mL溶液，由实验测得该溶液中的c(Na+)=0.50 mol·L-1。若将2m g的R加热至质量不再改变时，得到的固体质量为( )
A.10.60 g B.7.95 g
C.5.30 g D.2.65 g
解析：将Na2CO3·10H2O与NaHCO3的混合物m g溶解于水，将溶液蒸干并加热至质量不变，NaHCO3加热分解生成Na2CO3，最后得到的固体为Na2CO3，根据Na原子守恒，有n(Na2CO3)=1/2n(Na+)=1/2×0.2 L×0.50 mol·L-1=0.05 mol，固体Na2CO3质量m(Na2CO3)=0.05 mol×106 g/mol=5.30 g，则2m g的R加热至质量不再改变时，得到固体是10.60 g。
答案：A
点拨：本题考查化学计算。难度较大。
10.(2014·石家庄市一模)部分氧化的Fe、Cu合金样品(氧化产物为Fe2O3、CuO)共8.0 g，进行如下处理：
下列说法正确的是( )
A.滤液A中的阳离子为Fe2+、Fe3+、H+
B.样品中金属Fe的质量为4.48 g
C.样品中CuO的质量为4.0 g
D.V=1344
解析：分析流程知发生如下反应：Fe+H2SO4===FeSO4+H2↑，Fe2O3+3H2SO4 === Fe2(SO4)3+3H2O，CuO+H2SO4===CuSO4+H2O，CuSO4+Fe===FeSO4+Cu，Fe2(SO4)3+Fe===3FeSO4。A项，因滤液A中没有Cu2+，所以样品中Cu元素全部转化成Cu单质，即3.2 g滤渣是Cu单质，则此时滤液A中肯定有Fe2+、H+，不可能有Fe3+ ，因为Fe3+会与Cu发生氧化还原反应，错误;B项，样品中的Fe元素最终全部转移到6.4 g固体中，该固体是Fe2O3，n(Fe2O3)==0.04 mol，所以样品中n(Fe元素)=0.04 mol×2=0.08 mol，m(Fe元素)=0.08 mol×56 g/mol=4.48 g，因样品中含有Fe2O3，所以金属Fe的质量小于4.48 g，错误;C项，由Cu元素守恒知样品中n(Cu元素)==0.05 mol，若全部以CuO形式存在，则m(CuO)=0.05 mol×80 g/mol=4.0 g，这与实际情况不符，错误;D项，设样品中Fe2O3为x mol，CuO为y mol，则样品中O元素n(O元素)=3x+y===0.02 mol，再由上述Fe单质发生的反应知n(Fe单质)=n(H2)+n(CuO)+n(Fe2O3)=(+y+x) mol+2x mol，变形得=0.08 mol-(3x+y) mol，所以=(0.08-0.02) mol=0.06 mol，V=1344。
答案：D
点拨：本题考查化学计算。难度较大。
